高三2024新高考单科综合卷(一)1物理(新教材)试题

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2mv。RT=BF,改B正确：导体棒的阻值与左端所接电阻的阻值E电流I=BLVo=2R,导体棒Q所受安培力大小F=ILBB2L2v。相等，故电阻R上产生的焦耳热应该为4mu。,故C错误；ma,可得a=2mR,B正确；由于两导体棒整体在水方向根据a=B1L_Bd”可知，导体棒做的是加速度逐渐减小2Rm动量守恒，当导体棒α的速度大小为3，时，根据动量守恒定的减速运动，故其均速度将小于做匀减速运动的均速律得m·2v。十mv。=m·度，即小于2，放D错误。3心。+mu解得u,=),C正确23002.B题图甲中，导体棒αb向右运动切割磁感线产生感应电流由以上解析知”%=2，对导体棒a由动量定理有F卖△t=而使电容器充电，由于充电电流不断减小，安培力减小，则导mv共一mvo,而F续=iLB,通过导体棒a的电荷量的最大值体棒ab做变减速运动，当电容器极板间电压与导体棒ab产生的感应电动势相等时，电路中没有电流，导体棒αb不受安qm=1△t三2BL,D正确。培力，向右做匀速运动，故A错误；题图乙中，导体棒ab向右运动切割磁感线产生感应电流，导体棒ab受向左的安培力7.BCD设导体棒进入磁场时的速度为v。,根据机械能守恒定而做减速运动，随速度的减小，电流减小，安培力减小，加速：律有2m,2=mgh1,解得v。=4m/s,故A错误；导体棒从度减小，最终导体棒ab静止，故B正确，D错误；根据F安=水轨道水飞出做抛运动，则水方向有x2=t,竖直m△vBL,有F专t=BILt=gBL=m△0，得g=BL,电荷量跟导1方向有h,=2t,联立代入数据解得v=2m/s,导体棒通体棒ab的动量变化量成正比，因为题图甲中导体棒的动量变化量小于题图乙，所以题图甲中通过电阻的电荷量小于题：过磁场区域过程中，根据能量守恒定律有Q三)m心。子图乙中通过电阻的电荷量，故C错误。3.ACD开始时，导体棒中的感应电动势E=2BLv。,电路中感2m0,则导体棒整个运动过程中，电阻R上产生的热量为E应电流I=R,导体棒D所受安培力F=BIL,设导体棒DQ=3J,故B正确；导体棒通过磁场区域过程中，根据动量定BLw,故A正确；稳理有F类4=Bdg=mu,-mu,又有g=iz,=9-Bd】的加速度为a,则有F=ma,解得a=RR,联mR立代入数据解得q=2C,x,=2m,故C、D正定运动时，电路中电流为零，设此时C、D棒的速度分别为8.AC由F装=LB=ma,可得a=LB,a、b棒串联，电流相v1、v2,则有2BLv1=BLv2,对变速运动中任意极短时间△t,m由动量定理，对导体棒C有2BIL△t=m△01，对导体棒D有等，a、b棒长度分别为l、2l,质量分别为m、2m,则a、b两棒加速度大小相等，故A正确；因为导轨光滑只受到安培力作BIL△t=m△v2,对变速运动全过程有△V1=v,一v1,△2=2用，对a棒，根据动量定理有Ft=IlBt=mv。一mvo,同理，u2,则，01=20：，解得v:=行01=5，故B错误；根对b棒有一F6t=一BIX2l·t=2mv。一2m·2v。,稳定时无1电流，即Blu。=B·2l6,得v。=2v，,联立解得v。=2v。,据能量守恒定律可知回路产生的内能为Q=2m,,=V,故B错误；由能量守恒定律可知，动能的损失等于焦2mu-2mu2,解得Q=号mu,2,故C正确：由上述分析2耳热，初动能E。=m,2+号×2mX(20,,未动能E.可知对变速运动中任意极短时间△，由动量定理，对导体棒合mX(2,)尸+号×2m×,',则电路中产生的焦耳热为C有2BL△t=m△v1,可得2BLq=m(-1),解得g=32mvo5BL,故D正确。E。一E,=2mu,,故C正确；对a棒应用动量定理有IB·4.AC导体棒ab运动，切割磁感线，产生dBt=mw二mw,又9=1·△t,0。=20。,解得9=B,故感应电流（逆时针），导体棒ab受阻力F错误。作用，速度减小，导体棒cd受安培力FB'L'vomvomv。R作用，速度变大，如图所示，由E=Bla9.(1)0.4v010mR知，感应电动势E随速度的减小而减(2)2BLD+BL小，则感应电流非均匀变化。当两棒的速度相等时，回路上解析：(1)两棒组成的系统所受合外力为零，因此满足动量守感应电流消失，两棒在导轨上以共同速度做匀速运动，系统恒定律，有mv。=0.6mvo十mv解得v=0.4v。的动量守恒，则mv。=2mv共，V共=2,A正确；导体棒cd受回路感应电动势E=0.6BLv。一0.4BLv。变力作用，加速度逐渐减小，其v-t图像应该是曲线，B错误；此时回路电流I=2由前面分析知，两导体棒做变速运动，感应电流变小，最后为BIL零，但非均匀变化，C正确，D错误。因此ab棒的加速度a=m5.CDab棒进入磁场后受到向左的安培力，做减速运动，所以B'L'vo安培力减小，则ab棒先做加速度减小的减速运动，cd棒与ab棒串联，所以cd棒先做加速度减小的加速运动，最后它们以整理得a=10mR相同的速度做匀速运动，故A、B错误；αb棒刚进入磁场的速(2)ab、cd棒速度相等时有最大距离，根据动量守恒定律可得度就是它下滑到圆弧轨道底端的速度，根据动能定理mgrmvo=2mv共对ab棒，根据动量定理有BIL△t=mv共2 mgr=2mw,可得速度为v=√gr,则感应电动势为E=mvo而g=1△t,解得g=2B1Bd,两棒串联，故两棒中的瞬时电流为I=Bd√gr2R,两棒共在这段时间内，均感应电动势E=BL△速时由动量守恒定律有mv=2mv',得最终速度大小为v'回路均电流1=2RE√gr,故CD正确。26.BCD根据右手定则可知两根导体棒切割磁感线产生的感因此流过某载面的电荷量q=1A=BLA0△=BL(x-D)2R2R应电动势方向相反，故该时刻回路中产生的感应电动势E=解得最大距离x=D十mvoRBL·2v,一BLv。=BLv。,A错误；在该时刻，回路中的感应B2L2高中总复·物理597参考答案与详解