2024年普通高等学校招生全国统一考试·仿真模拟卷(三)3理科综合(新教材L)试题

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24.(1)0m(20.25J【深度解析】(1)释放瞬间对金属棒ab、cd,由牛顿第二定律分别可得Fe2+将MnO,还原成MnO2沉淀，“转化”时发生反应的离子方程式为3Fe2++MnO,+mgsin 0-T=ma(2分)7H,0=Mn02↓+3Fe(0H),↓+5H°。【必刷考点】动量和能量的综合应用T-umg ma(1分)(5)滤液B为NiS0,溶液，从滤液B经“操作1”得到NS04·7H20,则“操作1”的具体操【题图剖析】联立解得a=1m/s(1分)作是蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥。不能直接蒸发结晶，否则会失去结晶水。①下滑过程水平方向动量守恒得滑出时的速(2)由楞次定律可知，金属棒ab中的电流方向从a到b,经分析，当两金属棒加速度为零27.(除标注外，每空1分，共15分)出碰到木板B的时间，进而时速度最大，设最大速度为“，对ab棒由牛顿第二定律有(1)K,K,(2)将分解产生的气体全部排到后续装置中进行检验(2分)》求出小车A的位移F岁cos0+ngsin0-T=0(2分)(3)NaOH溶液（合理即可）球形干燥管BAA对cd棒由牛顿第二定律有T'-mg-F安=0(1分)(4)C0C0,在⑥后设置尾气处理装置又cd棒的安培力大小为F安=BIL(1分)(5)Fe2++K++[Fe(CN)6]3--KFe[Fe(CN)6]↓(2分)AD(2分)不反递右能量损失，通动量守恒和牛顿运动定律求出相对位此时感应电动势为E=BLm-BLycos0(2分)移，进而求出产生的热量(6)3FeC,0,·2H,040℃Fe,0,+4C0↑+200，↑+6H,0↑(2分)【深度解析】(1)滑块在小车上下滑过程，由于滑块和小车在水平方向不受外力作用，所以由闭合电路欧姆定律可得1景(1分)【必刷考点】草酸亚铁晶体分解产物的探究实验滑块和小车组成的系统在水平方向动量守恒，有0=mcc一m,联立解得v=0.8m/s(1分)【深度解析】(1)检查装置气密性常用微热法，利用热胀冷缩的原理，通过微热使装置内部(1分)的气体受热膨胀，逸出一部分气体，冷却后，装置内压强较小，外界气压大，将液封所用的运动过程，由于水平面和圆弧光滑，故小车和滑块组成的系统机械能守恒，有(3)设金属棒由静止释放至最大速度所需时间为t,对ab棒根据动量定理有mgsin0·t+B ILcos0·t-I=mw-0(2分)水压人导管内，形成水柱。mcgR mcvc+m(1分)对cd棒有1，-wmgt-Biu=mm。-0(1分)(2)空气中部分气体对草酸亚铁晶体的分解产物的检验有干扰，须先通入N2排尽装置内联立解得滑块到小车最低点时，小车及滑块的速度大小分别为的空气；通入N2还能将分解产生的气体排到后续装置中进行吸收和检验。其中g=k,i-景E=吧Ap=弘-B肌o0(1分)(3)草酸亚铁晶体热分解可能生成水、C0、C02,②的作用是检验C02,③的作用是除去分解"=3m/s,c=3m/s(1分)联立解得t=5.8s,产生的CO2,防止其对C0的检验造成干扰，因此③号试管内的试剂可选择NaOH溶液。由0=mcc-m4,且运动时间相同，变形可得mcxc=m4x4(4)②中的澄清石灰水变浑浊，则证明分解产生的气体含有C02:⑤中固体变为红色以及其中xAxc是A、C的水平位移，由几何关系可知xc+x=R,设系统产生的焦耳热为Q,由能量守恒定律可得mgssin0=Q+)(2m)2+umg(2分〉试管⑥中的澄清石灰水变浑浊，则证明⑤中生成了Cu和C02,发生的反应为C0+解得A向右后退的距离x4=0.05m,故金属棒ab产生的焦耳热为Q=)Q(1分)滑块从小车落到木板上的过程做平抛运动，运动时间1=√日Cu0△Cu+C0,则热分解产物中一定含有C0和C0,。实验中产生的C0有毒，应在联立解得Q=0.368J(1分)⑥后设置C0尾气处理装置。这段时间，小车以速度，做匀速直线运动，位移为x=,1-0,4m(1分)26.(每空2分，共14分)(5)向试管1中滴人KSCN溶液，溶液颜色变为血红色，说明上层清液含有Fe3+;向试管2(1)Al203+2Na0H-2NaA102+H20中滴人K,[F(CN)。]溶液，产生蓝色沉淀，说明上层清液含有Fe2·,反应的离子方程式=+场-品如(1分)(2)将“酸浸”后溶液中的Fe2+氧化为e·,便于后续沉淀除去氧气（或空气，合理即可）为K++Fe2++[Fe(CN)6]3一KFe[Fe(CN)6]↓。由此可知，草酸亚铁晶体分解后的(2)由题可知，滑块落到木板上后竖直方向的速度为零，那么滑块落到木板上后的速度为(3)4.0≤a<7.3加入几滴KSCN溶液，溶液不变红，证明Fe+已经被完全除去固体中含有Fe(Ⅲ)和Fe(Ⅱ)，则其成分可能为仅含Fe,O,或含有Fe0、feO,和Fe,O4中的两种或三种，故选ADvc =3 m/s,(4)3Fe2++Mn0:+7H20Mn02↓+3Fe(0H)3↓+5H滑块的加速度大小为ac=8=g=5m/(5)蒸发浓缩、冷却结晶、过滤(6)400℃时对应B点，54.0g草酸亚铁晶体的物质的量为0.3mol,则m(Fe)=0.3mol×(1分)【必刷题型】工艺流程分析56g·mol=16.8g,m(0)=23.2g-16.8g=6.4g,n(0)=0.4mol,由于仅含一种铁mc的氧化物，则该铁的氧化物的化学式为Fe,04。结合(4)中所得结论，FC,0,·2H,0热分方向与速度方向相反，木板的加速度大小为。-m=g=5m/82(1分)>思路分析原料：镍废渣（主要成分为镍，含有少量铁单质及其氧化物、铝的氧化物等解的化学方程式为3FeC,0,·2H,0400℃Fe,0,+4C0↑+2C0,↑+6H,0↑。滑块刚落到木板上时在木板上向左做匀减速直线运动，木板做向左的加速直线运动，当NaOH溶液H,S0,溶液H,0,溶液NaOH溶液28.(除标注外，每空1分，共14分)滑块和木板速度相同时有r共=vc-act=agt(1分)解得滑块和木板共速时的速度为v共=1.5m/s(1)①1,D正确。【必刷考点】电磁感应现象【深度解析】(1)用NaOH溶液碱浸镍废渣，可除去A,0,反应的化学方程式为A,0,+②结合题意，设反应达到平衡时消耗mol Cl2,列三段式：【题图剖析】2Na0H—2NaA102+H,02NO2 (g)+NaCl(s)=NaNO,(s)+CINO(g)①牛顿第二定律可求得释放瞬时加速度②楞次定律可求得电流方向，加速度为零时有最大速度(2)H,02具有氧化性，可以将Fe2+氧化为Fe3+,便于后续沉淀除去；为氧化Fe2+,且不引起始量/mol0.20入杂质，可选用氧气或者空气替换双氧水。转化量/mol0.040.02(3)加人NaOH溶液调节溶液pH=a,是为了将溶液中的Fe3+转化为沉淀完全除去，但不平衡量/mol0.160.02+2xDM能除去N+,结合题表数据可知，a的取值范围是4.0≤a<7.3;“调pH=a”是为了除去2N0(g)+Cl (g)=2CINO(g)GFe3+,为证明Fe3+被完全除去，可取少量滤液B于试管中，加人几滴KSCN溶液，溶液不起始量/mol0.20.10③动量定理和电磁感应定律可求得运动到最大速度的变红，证明Fe+已经被完全除去。转化量/mol2x2x时间，由能量守恒定律可得b产生的焦耳热(4)加人氢氧化钠调节plH=a,然后加入高锰酸钾溶液，氧化Fe2·形成Fe(OH),沉淀，平衡量/mol0.2-2x0.1-x0.02+2xD7[卷二]

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