2024届衡水金卷先享题 [调研卷](五)5理综(JJ·B)答案

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33.[答案](1)ABD(2)()80cmHg(i)582K24.[答案](a÷20[解析](1)气球上升过程中，压强减小，体积增犬，气体[解析](1)电子在磁场中的运动轨迹如图所示对外界做功，故A正确：因为环境温度保持不变，气球内02N气体温度也保持不变，由于不计气球内气体分子间的势能，其内能保持不变，根据热力学第一定律△U=Q十W,△U=0,W为负值，则Q为正值，即气球内气体从外界吸收热量，故B正确；由于环境温度保持不变，所以气球内气体温度不变，则气体分子均动能不变，气球内气体压强减小，是单位体积内分子数减少造成的，故C错误；因为温设电子在匀强磁场I、Ⅱ中微匀速圆周运动的半径分别为度不变，所以气球内气体分子热运劲的剧烈程度不变，故R1、R2,电子在磁场中做匀速圆周运动有D正确，气球上升的过程中，克服重力做功，不会影响球内cb气体内能的变化，故E错误。(2)()设B管的横裁面积为S,在加热过程中，A管水级面8答上升△h1,B管水银面下降△h2,则有由于最终能回到O点，由几何关系，可得R2=8R1△h1+△h2=△h,△h1·2S=△h2S解得△h1=3cm,△h2=6cm联立以上式子，期得入=是，根据玻意耳定律有oh12S=(h1一△h1)·2S:(2)电子在磁场I中的运动周素1-智解得力=80cmHg。(i)加热前，B管内空气的压强为B=p0一Pg△h=66cmHg电于在磁场Ⅱ中的运动用期一疆对B管内的空气，根据理想气体的状态方程有ph2S_(h2十△h2)S设电子经过三段轨迹的时间分别为1、2、妇，由几何关系To可得解得T≈582K。0到N的圈心角为60，期=号T34.[答案](1)√3大于(2)()2m(i)振动减弱点的个数是5。横坐标分别是一2m,0,2m,4m,6mN到M的国心角为30，则g=吾[解桥](1)由几何知识可知，红光在D,点发生折射时，M到0的周心角为60，则=君五折射角为=60°，入射角为r=30°，由折射定律可得n=电子从射入磁场到第二次回到O点所用的时间需解得或离对红光的折射率为n=。孝政用直充酒=妇十2十妇同一路径入射，由于玻璃对蓝光的折射率大于对红光的折联立以上式子，解得=4。射率，则光线在D点射出时的折射角大于60°。eB(2)(D设波源P、Q产生的波分别经时间tP、tQ传到C点，25.[答案]w2￥e（3)7573mgh则p=2C=3,5s,to-09=2.5g:.120[解析](1)金属棒b落到斜面底端时，在坚直方向上有波源Q产生的波先传到质点C,从tQ=2.5s时刻开始振2=号8动，在0~3.5s时间内，波源P产生的波没有传到质点C。0~3.58内质点C振动经过的时间=1s,刚好是半个年得2周期。设通过路程为S1,则s1=2A=2m。由几何关系tan53°-2头(i)设波长为入，则1=UT=4m,由于t=0时刻波源P开vot始沿着y轴正方向起摄，波源Q开始沿着y轴负方向起解得=3巫振，若x轴上某点到P、Q的距离差是半波长的偶数倍，则4(2)金属棒ab弹出瞬间，根据动量定理得该点振动减弱。BI·2L·△=mwo-0又=I·△t联立解得电容器C释放的电荷量q=I·△t=mvo2BL=3m√红8BL设报动减弱点的横坐标为x,则(xQ一)一(x一xp)=7入·n(3)金属棒ab落在水轨道时，根据动能定理有mgX2h(n=0,土2，士4，…)；一4m

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