全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建

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·物理·参考答案及解析二、多项选择题开磁场至cd棒离开磁场，对cd棒由动量定理得9.ACD【解析】由电场线的分布可知，自M到N,电场-BLI11-BL122-BL13△13-…=mv'-强度先增大后诚小，因此小球所受的静电力先增大后mw,其中11BL@×-BL,同理可得7，=诚小，A正确：小球经过O点后重力和静电力的合力有32=13r竖直向下的分力，小球会向下加速，动能还会增大，B错误；在线段MN上，电势先升高后降低，在O点电势最,h=”,联立将-B山3r高，因此小球经过O点时的电势能最大，C正确：M、NB2L2U2△t2B2L2△两点在同一个等势面上，自M到N由动能定理得-…=v'一mv,又L=3r3r1mgh=-2m0,可得小球到达N点时的速度大小为1△11十v2△12十va△3十…，解得cd棒离开磁场时√2gh,D正确.的速度大小为一背-二，B正确：由各阶段的电310.AC【解析】测量折射率时，光在正方体玻瑞中的传路连接方式结合P。=尸R可知，ef棒到达MN之播路径如图甲所示，设正方体的棱长为a,折射角为前，ab棒的热功率是cd棒的4倍，自ef棒到达MN)+()至cd棒到达MN,ab棒和cd棒的热功率相等，自cd5棒到达MN至ab棒到达MN,ab棒的热功率是cd棒a,则sina=,折射率n=(受)+()a的4倍，因此整个过程ab棒产生的焦耳热不是cd棒的4倍，C错误：自e了棒离开磁场至cd棒离开磁场，sin 60=1.5,A正确，B错误，能够通过该玻璃观察到有-BLI1△1-BLI2△12-BLI3△t1-…=mv'-sin a仪器内部的所有地方的临界光如图乙所示，n=mu,结合B项结果可知q=I1△1+I:△2十BLsin9o°13△3十…=3r一，D错误。sin C=1.5,所镶嵌玻璃的直径至少为s=dtan C=三、非选择题25d5C正确，D错误。13.(1)2.45(2分)(2)0.2(2分)(3)0.1(2分)【解析】(I)由逐差法可得a=十x心二x一x匙=4T2.45m/s2。(2)设系统的总质量为m,自M向N移动的物体质量11.BCD【解析】自开始释放至小球运动至最低点的过△m=25g,由牛顿第二定律得2△mg=ma,解得总质程，小球和滑环组成的系统水方向动量守恒，有0量m=0.2kg。M,一m,由能量守恒定体得MgL一号Mi十(3)N运动至C点时的速度大小为vc=(11.15+8.72)×10-21m/s≈1m/s,动能增加量m,联立解得小球在最低点时的速度大小1=0.22m/s,A错误，C正确：小球每次在最高点时和滑环△E,=2m呢=0.1J.都有相同的速度，由动量守恒得0=(M+m),解得14.(1)V,(2分)共同速度v=0,B正确：由机械能守恒定律可知，小球(2)见解析图(2分)左、右两侧最高点在同一水线上，设其水距离为(3)2.00(2分)x1,在小球从左侧最高点运动到右侧最高点的过程，(4)3125(2分)设滑环运动左、右两点的距离为x2,则Mx1=mx,【解析】(1)若选电压表V1,并且使它与电压表V。及x1十x:=2L,解得小球运动轨迹左、右两端点间的距定值电阻R组成的串联电路并联，能做到两电压表指离x1=0.4m,D正确。针偏角同时尽量大，读数都精确。若选电压表V2,并12.AB【解析】离开磁场前，cd棒在水方向的安培力且使它与电压表V。及定值电阻R组成的串联电路并作用下先做加速运动，再做匀速运动，最后做减速运联，电压表V:满偏时，电压表V。大约为满偏的一半；动，A正确，自ub棒开始运动至ef棒离开磁场，三根若电压表V2与定值电阻R并联后再与电压表V。串导体棒水方向动量守恒，有mo=3mv,自ef棒离联，电压表V。满偏时，电压表V:不到满偏的三分之·2