百师联盟 2024届高三一轮复习联考(一)1物理(全国卷)试题核查

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顺向一直为顺时针，但在，时刻，磁场的方向发生变化放安、4点专点法拉第电磁感应定律的方向F,在，时刻发生变化，则A错误，B正确，由闭合典1.D解析：从D点到达边界开始到C点进人磁场为止，磁通量逐欧胡定华得：一是又根据法拉第电磁察应定锋每，、处对金属2πrQ渐增大，根据楞次定律知，感应电流的方向一直为逆时针方向，△Bxr2故A错误；CD段的电流方向由C到D,根据左手定则知，CD82之，又根据电阻定律得：R=pg,联立得：1、BS4p则C根据能受到竖直向上的安培力，故B错误：根据E=BL)知随着线圈的正确，D错误联立并进人，切割磁感线的有效长度先增加到，然后逐渐减小，故感应6人解折：若要电流相等，则广生的电动势相等，设切别长，电动势先增加后减小，故C错误；感应电动势的均值为E一上，而半圆的直径为d,从静止开始绕过圆心0以角速度。△DB·△SBX226转动时，线框中产生的感应电动势大小为EL®2 BL1.D△△2r=了xBm,故D正确..然示B,号。-B,,粮据法拉第定律得E=e-出8△△2.B解析：在导体棒ab绕a点以角速度u=4rad/s顺时针匀速△B12~3转动60时，导体棒切割磁感应线产生的最大感应电动势E=8,联立得o=红，B,B,CD黄段时号BX(2L)。=2BL',则金属棒给电容器C充电最大电荷量误A正确，由思7.BC解析：根据楞次定律，当线圈先转过90的过程中，感应电黄大，为q=CE=2BL2Cw,代人数据解得g=25X10C,故选B.的方向为ABCD,当线圈转过后90°的过程中，感应电流的方向3C解析：由图像可知励磁线圈中通有变化的交变电流时，感应也为ABCD,选项A错误，B正确；线圈在图示位置感应电动势错线圈中产生的电流也在变化，不是恒定电流，故A错误；当励磁狗LBL线圈中的电流减小时，磁感应强度减小，则通过感应线圈的磁通最大，其最大值为E,=BL0·2=2,选项C正确：均感nS量减小，根据楞次定律可知，感应线圈中磁场方向与励磁线圈中。1,2B·2磁场方向相同，可知感应线圈中电流的方向与励磁线圈中电流应电动势为E=A9=2BL·,选项D错误△t方向相同，同理，当励磁线圈中的电流增加时，磁感应强度增加，2.AD则通过感应线圈的磁通量增加，根据楞次定律可知，感应线圈中8.AC解析：MN处于静止状态，竖直方向上受重力和静摩擦力磁场方向与励磁线圈中磁场方向相反可知，感应线圈中电流的正处于衡，可知MN所受安培力方向垂直导轨向外，根据左手定方向与励磁线圈中电流方向相反，故B错误；由图可知，在41~则知，通过MN中的电流方向由M到N,A正确；由于金属棒b,时间内分两段时间分析，根据楞次定律可知，在一2时间被分成两部分位于相反的磁场中，所以产生的感应电动势相反，内，励磁线圈中的电流从α流人，根据安培定则可知，磁场方向向上，由于此时电流的大小不断减小，故磁感应强度减小，则通的产生的总电动势E=:示B=B“-殿号过感应线圈的磁通量减小，根据楞次定律，可知感应线圈中磁场方向与励磁线圈中磁场方向相同，也向上，则线圈中的电流从d=则MN两装的电压U=最：R=-号时3流向c,在2~t,时间内，励磁线圈中的电流从b流人，根据安培误MN恰好处于静止时，有mg云BI儿，根据闭合电路姆定律得定则可知，磁场方向向下，由于此时电流的大小不断增大，故磁感应强度增大，则通过感应线圈的磁通量增大，根据楞次定律可产，解得动摩操因数的最小值4C正角电不3R3R@知，感应线圈中磁场方向与励磁线圈中磁场方向相反，向上，则路的总电功率P=E2 B21023R线圈中的电流从d流向c,综上分析可知c点电势高于d点电3R一，D错误势，故C正确；由图可知，时刻，励磁线圈中电流最大，电流的9.答案：(1)4m/s(2)1.66J变化率为零，所以感应线圈中电流瞬时值也为0，故D错误，解析：(1)初始时刻感应电动势E。=BL0。4.AC解析：K闭合时传感器上的示数变为原来的一半，由衡关当金属棒向右运动t时，设金属棒的速度为口.由几何关系可物系可知，电场力等于重力的一半，且恒定不变，方向竖直向上，所此时的有效切割长度为=L一2：an53°以上方的金属板带负电，根据楞次定律可知，磁场正在均匀增电动势E=Bl0强，故A正确B错误，由题意可知qE年之m8,又因为E=行，依题意E=E。AΦ△_mgd联立并代入数据，解得o=4m/s0=n,则a2故C正确，D错误，(2)金属棒向右运动过程中，通过R的电量为5.BC解析：根据B一（图像，由楞次定律可知，线圈中感应电流方9=t=E△DBASR=卷物理·参考答案